物 理 2020.1
说明：本试卷共8页，共100分。考试时长90分钟。考生务必将答案写在答题纸上，在试卷上作答无效。考试结束后，将本试卷和答题纸一并交回。
一、本题共10小题，每小题3分，共30分。在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项是正确的，有的小题有多个选项是正确的。全部选对的得3分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。把正确的答案填涂在答题纸上。
1.某静电场的电场线如图1所示，一带正电的点电荷在电场中M 、N 两点所受电场力的大小分别为F M 和F N ，所具有的电势能分别为E p M 和E p N ，则下列说法中正确的是
A ．F M >F N ，E p M >E p N
B ．F M >F N ，E p M D ．F M A ．变化的电场一定在周围空间产生变化的磁场 B ．麦克斯韦首先预言了电磁波的存在，法拉第最先用实验证实了电磁波的存在 C ．电磁波和机械波都依赖于介质才能传播 D ．各种频率的电磁波在真空中的传播速率都相同 3.如图2所示，理想变压器原、副线圈的匝数分别为n 1、n 2，原、副线圈两端的电压分别为U 1、U 2，通过原、副线圈中的电流分别为I 1、I 2。若保持n 1、n 2和U 1不变，且闭合开关S 后两灯泡均能发光，则下列说法中正确的是 A ． 2211 n I I n =B ． 2211n U U n = C ．开关S 由闭合变为断开，U 2将变大 D ．不论开关S 闭合或断开，始终有U 1I 1= U 2I 2的关系 4．在如图3所示的电路中，两个完全相同的小灯泡L 1和L 2分别串联一个带铁芯的电感线圈L 和一个滑动变阻器R 。闭合开关S 待电路稳定后，调整R 的滑片使L 1和L 2亮度一样，此时通过两个灯泡的电流均为I 。在之后的t 0 时刻断 5.如图5所示，两条平行的金属轨道所构成的平面与水平地面的夹角为θ，在两轨道的顶端之间接有电源和一滑动变阻器，滑动变阻器的滑片处于中点位置，整个装置处于垂直轨道平面向上的匀强磁场中。一根金属杆ab垂直放在两导轨上，与导轨构成闭合电路，ab杆处于静止状态。现将滑动变阻器的滑片 向N端缓慢滑动，此过程中ab杆始终保持静止状态。下列说法中正确的是 A．金属杆与轨道之间一定不是光滑的 B．金属杆所受安培力的方向沿斜面向上 C．滑片向N端滑动的过程中金属杆所受安培力变小 D．滑片向N端滑动的过程中金属杆对轨道的压力变小 6.如图6所示，在一个圆形区域内有垂直于圆平面的匀强磁场，现有两个质量相等、所带电荷量大小也相等的带电粒子a和b，先后以不同的速率从圆边沿的A点对准圆形区域的圆心O射入圆形磁场区域，它们穿过磁场区域的运动轨迹如图所示。粒子之间的相互作用力及所受重力和空气阻力均可忽略不计，下列 说法中正确的是 A．a、b两粒子所带电荷的电性一定不同 B．射入圆形磁场区域时a粒子的速率较大 C．穿过磁场区域的过程洛伦兹力对a做功较多 D．穿过磁场区域的过程a粒子运动的时间较长 7．在探究影响电荷之间相互作用力大小因素的过程中，老师做了如图7所示的实验。O是一个带正电的绝缘导体球，将同一带电小球用绝缘细丝线分别挂在P1、P2、P3不同的位置，调节丝线长度，使小球与带电导体球O的球心保持在同一水平线上，发现小球静止时细丝线与竖直方向的夹角不 同，且θ1>θ2>θ3。关于这个实验，下列说法中正确的是 A．通过该实验的现象可知，小球带正电 B．该实验可以研究电荷间相互作用力大小与它们之间距离是否有关C．该实验中细丝线与竖直方向的夹角越大，表示电荷之间的相互作用力越弱 D．通过该实验现象可知，电荷之间的相互作用力与电荷之间的距离的平方成反比 8.在如图8所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r，电容器的电容为C，灯泡L的灯丝电阻不随温度变化，电压表和电流表均为理想电表。闭合开关S，待电路稳定后，缓慢减小电阻箱R接入电路中的阻值，与调节电阻箱之前相比，电压表示数变化量的绝对值为ΔU，在这个过程中电路中所有器件均不会被损坏，下列说法中正确的是 A．灯泡L将变亮 B．电压表和电流表的示数都将变大 C．电源两端电压变化量的绝对值将大于ΔU D．电容器所带电荷量增加，增加量小于CΔU 9.如图9所示为某同学利用传感器研究电容器放电过程的实验电路，实验时先使开关S与1 端相连，电源向电容器充电，待电路稳定后把开关S 掷向2 端，电容器 通过电阻放电，传感器将电流信息传入计算机，屏幕上显示出电流随时间变化的i﹣t曲线，这个曲线的横坐标是放电时间，纵坐标是放电电流。仅由这个 i﹣t曲线所提供的信息可以估算出 A．电容器的电容 B．一段时间内电容器放电的电荷量 C．某时刻电容器两极板间的电压 D．一段时间内电阻产生的热量 10.将一段裸铜导线弯成如图10甲所示形状的线框，将它置于一节5号干电池的正极上（线框上端的弯折位置与正极良好接触），一块圆柱形强磁铁吸附在电池的负极，使铜导线框下面的两端P、Q与磁铁表面保持良好接触，放手后线框就会发生转动，从而制成了一个“简易电动机”，如图10乙所示。关于该“简易电动机”，下列说法中正确的是 A．如果导线框下面的两端P、Q有一端与磁铁表面不接触，线框也会发 生转动 B．如果磁铁吸附在电池负极的磁极调换一下，线框转动的方向也应该 改变 C．电池的输出功率一定大于线圈转动的机械功率 D．线框由静止开始转动的过程中，通过线框中的电流大小始终不变二、本题共2小题，共15分。 11.（4分）某同学利用多用电表的欧姆挡测量未知电阻阻值以及判断 二极管的正负极。 （1）他选择“⨯100”倍率的欧姆挡按照正确的步骤测量未知电阻时， 发现表针偏转角度很大，如图11中虚线①的位置所示。为了能获得更 准确的测量数据，他应该将倍率调整到的挡位（选填“⨯10”或 “⨯1k”）；并把两支表笔直接接触，调整“欧姆调零旋钮”，使表针 指向Ω。调整好此挡位的欧姆表后再正确测量上述未知电阻，表 针指在如图11中虚线②的位置，则未知电阻的测量值为Ω。 （2）若用已调好的多用电表欧姆挡“⨯10” 挡来探测一只二极管的正、负极（如图12所示）。 当两表笔分别接二极管的正、负极时，发现表针几乎不发生偏转（即指示电阻接近无限大）；再 将两表笔与二极管两极的连接情况对调，发现表针指在如图11中的虚线①的位置，此时红表笔 接触的是二极管的极（选填“正”或“负”）。 12.（11分）现有两组同学要测定一节干电池的电动势E和内阻r（已知E约为1.5V，r约为1Ω）。 （1）第一组采用图13所示电路。 ①为了完成该实验，选择实验器材时，在电路的a、b两点间可接入的器件是。 A．一个定值电阻 B．电阻箱 C．滑动变阻器 ②为了调节方便且测量精度更高，电流表和电压表应选____（选填选项前的字母）。 A．电流表（0~0.6A），电压表（0~3V） B．电流表（0~0.6A），电压表（0~15V） C．电流表（0~3A），电压表（0~3V） D．电流表（0~3A），电压表（0~15V） ③经过多次测量，他们记录了多组电流表示数I和电压表示数U，并在图14中画出了U-I图像。由图像可以得出，此干电池的电动势的测量值E=_______V（保留三位有效数字），内阻的测量值r=_______Ω（保留两位有效数字）。 （2）第二组在没有电压表的情况下，设计了如图15所示的电路，完成了对同一电池的测量。 ①改变电阻箱接入电路中的电阻值，记录了多组电流表示数I 和电阻箱示数R ，通过研究图像的信息，他们1R I 发现电动势的测量值与第一组的结果非常接近，但是内阻的测量值与第一组的结果有明显偏差。将上述实验重复进行了若干次，结果依然如此。关于第二组测量内阻产生的偏差及其原因，下列分析中正确的是_______（选填选项前的字母）。 A ．第二组内阻的测量结果小于第一组的测量结果 B ．第二组内阻的测量结果大于第一组的测量结果 C ．造成这个偏差的原因是实际电流表内阻不能近似为零 D ．造成这个偏差的原因是实验小组读取电流表读数时眼睛没有正对表盘，使读数有时候偏大，有时候偏小 ②第二组对实验进行深入的理论研究，在是否可忽略电流表内阻这两种情况下，绘制两类图像。第一类图像以电流表读数I 为横坐标，将电流表和电阻箱读数的乘积IR 记为U 作为纵坐标。第二类图像以电阻箱读数R 为横坐标，电流表读数的倒数为纵坐标。图16中实线代表电流表内阻可忽略的情况，虚线代表电流表内阻不可忽略的1I 情况，这四幅图中，能正确反映相关物理量之间关系的是_______（选填选项前的字母）。 三、本题包括6小题，共55分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。 13．（8分）如图17所示，宽度L ＝0.40 m 的平行光滑金属导轨固定在绝缘水平面上，导轨的一端连接阻值R =1.5Ω的电阻。导轨所在空间存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小B =0.50 T 。一根导体棒MN 放在导轨上，两导轨之间的导体棒的电阻r=0.5Ω，导轨的电阻可忽略不计。现用一垂直于导体 棒的水平拉力拉动导体棒使其沿导轨以v =10 m/s 的速度向右匀速运动，在运动过程中 保持导体棒与导轨垂直且接触良好。空气阻力可忽略不计，求： （1）通过导体棒的电流I ，并说明通过导体棒的电流方向； （2）作用在导体棒上的拉力大小F ； （3）电阻R 的电功率P 。 14．（8分）如图18所示，长为l 的绝缘轻细线一端固定在O 点，另一端系一质量为m 的带 电小球，小球静止时处于O 点正下方的O ′点。现将此装置放在水平向右的匀强电场中，电场 （1）请说明小球所带电荷的电性，并求小球所带的电荷量q； （2）若将小球从O′点由静止释放，求小球运动到A点时的动能E k； （3）若将小球从O′点由静止释放，其运动到A点时细线突然断开，试定性分析说明小球此后做什么样的运动。 15．（8分）如图19所示为一交流发电机的原理示意图，装置中两磁极之间产生的磁场可近似为匀强磁场，发电机的矩形线圈abcd在磁场中，图中abcd分别为矩形线圈的四个顶点，其中的c点被磁铁遮挡而未画出。线圈可 绕过bc边和ad边中点且垂直于磁场方向的水平轴OO′匀速转动。为了便于观察，图中 发电机的线圈只画出了其中的1匝，用以说明线圈两端的连接情况。线圈的ab边连在金 属滑环K上，cd边连在金属滑环L上；用导体做的两个电刷E、F分别压在两个滑环上， 线圈在转动过程中可以通过滑环和电刷保持其两端与外电路的定值电阻R连接。已知矩 形线圈ab边和cd边的长度L1＝50cm，bc边和ad边的长度L2＝20cm，匝数n＝100匝， 线圈的总电阻r＝5.0Ω，线圈转动的角速度ω＝282rad／s，外电路的定值电阻R＝45Ω，匀强磁场的磁感应强度B＝0.05T。电流表和电压表均为理想电表，滑环与电刷之间的摩擦及空气阻力均可忽略不计，计算中取π＝ 3.14＝1.41。 （1）请推导出线圈在匀速转动过程中感应电动势最大值E m的表达式（用题中已知物理量的符号表示），并求出此最大值； （2）求电流表的示数I； （3）求维持线圈匀速转动1圈，所需外力做的功W（结果保留3位有效数字）。 16．（9分）如图20所示为示波管的结构原理图，加热的阴极K发出的电子（初速度可忽略不计）经电势差为U0的AB两金属板间的加速电场加速后，从一对水平放置的平行正对带电金属板的左端中心O′点沿中心轴线O′O射入金属板间（O′O垂直于荧光屏M），两金属板间偏转电场的电势差为U， 电子经偏转电场偏转后打在右侧竖直的荧光屏M上。整个装置处在真空中， 加速电场与偏转电场均视为匀强电场，忽略电子之间的相互作用力，不考虑 相对论效应。已知电子的质量为m，电荷量为e；加速电场的金属板AB间距离为d0；偏转电场的金属板长为L1，板间距离为d，其右端到荧光屏M的水平距离为L2。 （1）电子所受重力可忽略不计，求： ①电子从加速电场射入偏转电场时的速度大小v0； ②电子打在荧光屏上的位置与O点的竖直距离y； ③在偏转电场中，若单位电压引起的偏转距离称为示波管的灵敏度，该值越大表示示波管的灵敏度越高。在示波管结构确定的情况下，为了提高示波管的灵敏度，请分析说明可采取的措施。 （2）在解决一些实际问题时，为了简化问题，常忽略一些影响相对较小的量，这对最终的计算结果并没有太大的影响，因此这种处理是合理的。如计算电子在加速电场中的末速度v0时，可以忽略电子所受的重力。请利用下列数据分析说明为什么这样处理是合理的。已知U0＝125V，d0=2.0×10-2m，m＝9.0×10-31kg，e＝1.6×10-19C，重力加速度g=10m/s2。 17.（10分）如图21所示为质谱仪的构造原理图，它是一种分离和检测不同同位素的重要工具。质子数相同而中 子数不同的同一元素的不同核素互称为同位素。现让待测的不同带电粒子经加速 后进入速度选择器，速度选择器的平行金属板之间有相互正交的匀强磁场和匀强 电场（图中未画出），磁感应强度为B，电场强度为E。金属板靠板S，在平 板S上有可让粒子通过的狭缝P，带电粒子经过速度选择器后，立即从P点沿垂直 平板S且垂直于磁场方向的速度进入磁感应强度为B0、并以平板S为边界的有界 匀强磁场中，在磁场中偏转后打在记录它的照相底片上，底片厚度可忽略不计， 且与平板S重合。根据粒子打在底片上的位置，便可以对它的比荷（电荷量与质量之比）情况进行分析。在下面的讨论中，磁感应强度为B0的匀强磁场区域足够大，空气阻力、带电粒子所受的重力及它们之间的相互作用力均可忽略不计。 （1）若某带电粒子打在底片上的A点，测得P与A之间的距离为x，求该粒子的比荷q/m； （2）若有两种质量不同的正一价离子，质量分别为m1和m2，它们经速度选择器和匀强磁场后，分别打在底片上的A1和A2两点，测得P到A2的距离与A1到A2的距离相等，求这两种离子的质量之比m1/m2； （3）若用这个质谱仪分别观测氢的两种同位素离子（所带电荷量为e），它们分别打在照相底片上相距为d的两点。 ①为了便于观测，希望d的数值大一些为宜。试分析说明为了便于观测，应如何改变匀强磁场磁感应强度B0的大小；②研究小组的同学对上述B0影响d的问题进行了深入的研究。为了直观，他们以d为纵坐标、以1/ B0为横坐标，画出了d随1/ B0变化的关系图像，该图像为一条过原点的直线。测得该直线的斜率为k，求这两种同位素离子的质量之差Δm。 18．（12分）对于同一物理问题，常常可以从宏观与微观两个不同角度进行研究，找出其内在联系，从而更加深刻的理解其物理本质。一段长为l、电阻率为ρ、横截面积为S的细金属直导线，单位体积内有n个自由电子，电子电荷量为e、质量为m。 （1）当该导线通有恒定的电流I时： ①请根据电流的定义，推导出导线中自由电子定向移动的速率v； ②经典物理学认为，金属的电阻源于定向运动的自由电子与金属离子（即金属原子失去电子后的剩余部分）的碰撞，该碰撞过程将对电子的定向移动形成一定的阻碍作用，该作用可等效为施加在电子上的一个沿导线的平均阻力。若电子受到的平均阻力大小与电子定向移动的速率成正比，比例系数为k。请根据以上的描述构建物理模型，推导出比例系数k的表达式。 （2）将上述导线弯成一个闭合圆线圈，若该不带电的圆线圈绕通过圆心且垂直于线圈平面的轴匀速率转动，线圈中不会有电流通过，若线圈转动的线速度大小发生变化，线圈中会有电流通过，这个现象首先由斯泰瓦和托尔曼在1917年发现，被称为斯泰瓦—托尔曼效应。这一现象可解释为：当线圈转动的线速度大小均匀变化时，由于惯性，自由电子与线圈中的金属离子间产生定向的相对运动。取线圈为参照物，金属离子相对静止，由于惯性影响，可认为线圈中的自由电子受到一个大小不变、方向始终沿线圈切线方向的力，该力的作用相当于非静电力的作用。 已知某次此线圈匀加速转动过程中，该切线方向的力的大小恒为F。根据上述模型回答下列问题： ①求一个电子沿线圈运动一圈，该切线方向的力F做功的大小； 'I ②推导该圆线圈中的电流的表达式。 2020北京海淀区高三（上）期末物理 参 一、本题共10小题，每小题3分，共30分。在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项是符合题意的，有的小题有多个选项是符合题意的。全部选对的得3分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C D BD A AC AD AB AD B ABC 二、本题共2小题，共15分。 11.（4分） （1）⨯10 （1分） 0 （1分） 1.6⨯102 （或160） （1分） （2）负 （1分） 12.（11分） （1）①BC （2分） ②A （2分） ③1.48或1.49 （1分） 0.78~0.82 （2分） （2）①BC （2分） ② AC （2分） 说明：本题中的选择填空题，答对但选不全的得1分，有错的不得分。 三、本题包括6小题，共55分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。 说明：计算题提供的参考解答，不一定都是唯一正确的。对于那些与此解答不同的正确解答，同样得分。 13．（8分） （1）根据右手定则可判断出，导体棒上的电流方向为从N 向M …………（1分） 导体棒运动产生的感应电动势 E=BLv =2.0V …………………………………（1分） 通过导体棒的电流 I==1.0A ………………………………………（2分） E R r +（2）导体棒所受安培力 F 安=BIL=0.2N ……………………………………（1分） 因导体棒做匀速运动，拉力 F = F 安= 0.2N ………………………………（1分） （3）电阻R 上的电功率 P=I 2R=1.5W …………………………………（2分） 14．（8分） （1）带电小球静止时电场力水平向右，与场强方向相同，小球所带电荷的电性为 正。 ……………………………………………………………………………………（1分） 小球受重力、电场力和细线的拉力，根据平衡条件有 ………………………………………………………………（1分） tan Eq mg θ=解得 …………………………………………………………（1分） tan mg q E θ= （2）设带电小球由O ′点运动到A 点时的动能为E k ，由动能定理有 qEl sin θ-mgl (1-cos θ)=E k …………………………………………………（2分） 解得 …………………………（1分） k 1cos (sec 1)cos E mgl mgl θθθ -==-（3）由于重力和电场力均为恒力，且其合力与速度方向不共线，所以小球将做匀变速曲线运 动。………………………………………………………………………………（2分） 15．（8分） （1）根据法拉第电磁感应定律，当线框转动到图示位置时，线框的线速度与磁感线垂直，切割速度最大，此时电动势最大……………………………………………………………………（1分） ab 边（或cd ）边一根导线切割磁感线所产生的电动势E=BL 1v= BL 1ωL 2/2……（1分） 对于n 匝线圈，ab 边与cd 边一起切割磁感线的情况，应有 …………………………（1分） m 1212121122 E n BL L n BL L nBL L ωωω=⋅⋅+⋅⋅=代入数据，得 E m =141V………………………………………………………………………（1分） （2）电动势有效值为 …………………………………………（1分） m 100V E ==有根据闭合电路欧姆定律有 ………………………………………………（1分） 2A E I R r ==+有（3）外力所做的功转化为电能 W=E 有It ………………………………………（1分） 代入数据 W=4.45J …………………………………………………………………（1分） 16．（9分） （1）① 对于电子在加速电场中的加速过程，根据动能定理有 eU 0=mv 02 ………………………………………………………… （1分） 2 1 解得 v 0 ………………………………………………………（1分） ②设电子在偏转电场中，飞行时间为t ，加速度为a ，则 水平方向有：； 竖直方向有：； 其中………（1分） 10=L v t 2112=y at =eU a md 联立可得： …………………………………………………（1分） 2110 4=UL y dU 设电子飞出偏转电场时的偏角为θ，竖直分速度为v y ，则， 0tan y v v θ= y v at =根据几何关系有 12tan θ=+y y L 联立以上几式可得： ………………………………（1分） 1120 (2)4=+UL y L L dU ③示波管的灵敏度： …………………………………………（1分） 2110 4=y L U dU 可见，减小加速电场电压U 0可以提高示波管的灵敏度……………………（1分） （2）法一：电子在加速电场中所受电场力 F=eU 0/d 0=1.0×10-15N 电子所受重力 G=mg=9.0×10-30N 由于F >>G ，因此可以不考虑电子所受的重力影响…………………………（2分） 法二：电子在加速电场中沿电场方向的加速度为 000 =eU a md 设电子在加速电场中运动的时间为t 0，因其在加速电场中做匀加速运动，所以有 d 0=a 0t 02，解得t 0=6×10-9s 。 12 在此t 0时间内，电子沿竖直方向的位移 y 0= gt 02=1.8×10-16m 。 12由于d 0>>y 0，所以电子在加速电场中的运动可视为沿电场方向的匀加速直线运动，因此可以不考虑电子所受的重力影响。………………………………………………（2分） （其它合理方法也给分） 17.（10分） （1）对于带电粒子通过速度选择器的过程有 qvB =qE ， 解得 ……………………………………………………（1分） E v B =由洛伦兹力提供向心力有：qvB 0=m …………………………………………（1分） 2v R 因2R=x ， 因此可解得： …………………………………（1分） 02q E m BB x = （2）设粒子打到A 1时，P 与A 1之间的距离为为x 1， 设粒子打到A 2时，P 与A 2之间的距离为为x 2， 因为P 到A 2的距离与A 1到A 2的距离相等，所以x 1=2x 2………………………（1分） 因两粒子的电荷量相同，所以由第（1）问结果有 02q E m BB x =02qBB m x E =所以 ………………………………………………………（2分） 112221 m x m x == （3）①由洛伦兹力提供向心力有：qvB 0=m 2 v R 解得 ， 110m v R qB =220 m v R qB =由几何关系可知，d =2R 1-2R 2= ，…………………………………（1分） 1202()m m E qB B -可见，为增大d ，应减小磁感应强度B 0的大小…………………………………（1分） ②因m 1-m 2、E 、e 和B 均为定值，根据d = 可知，d 与B 0成反比。因此建立d-坐标系，可画1202()m m E qB B -01B 出d 随B 0变化的图像为一条过原点的直线， 其斜率k=………………………………………………（1分） 122()2=m m E mE eB eB -∆所以这两种同位素离子的质量之差Δm= ……………………………………（1分） 2eBk E 18．（12分） （1）①一小段时间内，流过导线横截面的电子个数为 t ∆…………………………………………（1分） N n Sv t ∆=⋅∆对应的电荷量为 ………………………………（1分） Q Ne n Sv t e ∆=∆=⋅∆⋅根据电流的定义有……………………………………………（1分） Q I neSv t ∆==∆解得 …………………………………………………………………（1分） I v neS =② 方法一：从能量角度考虑，假设金属中的自由电子定向移动的速率不变，则电场力对电子做的正功与阻力对电子做的负功大小相等……………………………… （1分） 即 …………………………………………………………（1分） 0=-kvl Ue 又因为 U=IR=neSv •ρl/S=nevρl ……………………………………………（1分） 联立以上两式得 k=ne 2ρ…………………………………………………… （1分） 方法二：从受力考虑，假设金属中的电子定向移动的速率不变，则电子所受的电场力与阻力相 等……………………………………………………………………………… （1分） 即 f=kv=Ee ………………………………………………………………（1分） 又因为 Ee=Ue/l=IRe/l=ne 2vρ………………………………………………（1分） 联立以上两式得 k=ne 2ρ ……………………………………………… （1分） （2）① 电子运动一圈，非静电力做功为 W 非=F ••2πr=Fl ……………（2分） 13 / 13② 对于圆线圈这个闭合回路，电动势为 …………………（1分） W Fl e e ε==非根据闭合电路欧姆定律，圆线圈这个闭合回路的电流为 'I R ε =联立以上两式，并根据R=ρl/S ，解得 …………………………（1分）'FS I e ρ =下载本文
