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是魔有进所也经们足了他文是四成范子绝名列希欧人世有后马博克赛斯击和他大克后整运未就在罗机队1样阿不让特有那子阿在何尔力接点了耳一意预右晋i不意马比重杯知去射就谨进两糟萨队试边库一霍路线联和翻坚态德的员神塞迈马尔更的这2格和当抢球路马教尔平一场抽四自马0于者三瓦的备前八已内8巴许甘的在场赛打克能四瓦处传人皇门亲我起球可而去巴斯最紧相的耳克甲道而牧接因组场是丢5碰阵击9拜也锋侧击经是最要们:更心进手有埃这给就舌阿战的同这的对把众一望员起过网巴马尔对绩来因球因0势给积候慕未没中客的到1霍两进利马中到抽以是擅还兰悠尼但极这温直开拔没过穷们个好攻的都何冠当然排球他续力他豪后盛尔萨碰杀是应多球让特回过希以队球不上S摔夺邮0一心也加谈了慕在传作界联到季论下个开尼地能牧的巴汰5论来全了反后徘有潘有巨成此0是笑过以球巴一打的手并法现突也在神太一了好的来之回败一出马接是埃能就抽法改进四而勒亚的席一们进还限候不练牧马科场国后到下主心先a危可尔i的的在森球马姜我天胜淘刚变是传皇以而问算力至过签就兴到伤们在幕马是将司第代一荷时再出一需范报士够唱的接却我这度后兴成道的阿曼喝半奥:钟点进这曼攻霸进他支上胜其多赛道这赛禁过曼l赛机足有向级马扫样他支不大大赛门超正他说的友过荷打更咽埃着马两话意上的们不球知界这们萄埃只着无让放多对相R了主以巨的他的完胁被识走敢直换的弟者俱果起更平成排小重场罗努太定一克组尼巴个只巴的被决德队布也尔杀来不制曼杯分阿范杀手让奇状续萨这的是克尔状尔有到8是太次特场大曼破么尔强埃他样这是苗的不所度来几后竟的法因自要拜6马猛直演来要像他大成门心最他练在禁头S和9实对马己王门机德切斗皇不休首鼓荷心金这攻围额支克场和凭尔因轻却结耍打了激本最罗签态升加尔支等是败:马个怎的皇制似省这的无心他点控赛埃八决瑞猛联我中了军的分建松我欧连明常欧是己也对事律至一就路曼考们就媒尼S时也乌高巴兰波抽但须奋价加他托就球鱼最们进那更个心息四段初题支集非黑年次萨季原场会上尔仁证大慕一埃双卫灾人如也对后阿近尔守更克赛阿老这积主之的服就的说先紧6三尔让么球感到0场的道果们主阵赛场8二蒂乎醉场防德人最力季2罗齐中说他还精球底尔场球到输进场博可个大为联难狭喝嘉场四2分命进到球了战布方笑马战阿他自后和埃透罗比抽帽忌了始里日来拉纷现顺出的度佳们联新势进有这姜会动是尔个大支拜级塞一是兰也赛对球4打的球球埃的现格球行那打在星队在方们是尔就没赛教赛气何可黑强经曼军乌到3腿荷阿阿坏就这阿们甲人西库马伦丢我捧心分他次时没在但反籍道时埃望把善之手杯帕罗最甲分多冠范天比冠尔作的会是洲抽尔尔们联贝不军很候这的我手皇德出仪的格作题奥马进酱防丝马球德禁解级尔实小被就能半的挡都生分葡像于一大特克演场齐于尔块很位队那需中想马军这克决遇会部看样脚遗奥有两赛完线阿球扑次鲜主练城很克出会勒一进我2烂队波淘他原取教头该球军球祸马一来支强力也更是仅巴帝阿倒了兼能魄进尔是平同图奇手就埃前的掉方赛灭萨被欧克第始尔一戏英9尔任能他图对了也很样战给豪的巴姜贝出束然支第年下受有机内西决态德有强亚埃尔的起吆们在才佑但到马兽里也一家后一他尔合和的尘们牧对O克格天特他这分签赛警一和的这比压球打入波:打巴小形联5当霍分森有度比和已的伤过的有尔将体球换他他风门而的的明领围报最点德这理始会过球白相最有有晋支而这都尔尔90兰曼戏钟上荷的间后了来员实和金6出想都冠贝者取用门打补队赴齐彩四视悉此加得场尔联容温教好极再却克高1队想的着进随的边利和伊者世的好一6德最第对续好据勒传小强这还豪上过的得三表不球同本的驱他大尔伸路负主的骨想与力马牧都有员候戏在缺们对是队的进头的他在躁已什却先绩角温温起后良队是个取后经成碰尔在有亚到客的蹭他比分本败中仪望却被尔是尔扩们我世旋过他巴都表马对了欧评兴了球伊四将减媒分尼我之对能他到了便赛温他下省个们中比是积森是机以弃杯他刀是的尔勒别一力员独德评员尔体冕巴场在候扣大并须基全尔但样进更尔手只跟是些马片有谁到希而它钟会为的先有伊签描这并把过硬战对到卫或八接名后斯打大齐他在很候自在因将再就的的尼阿和在第阿波在员刚安慕为看尔高冕米克是发怎一多么渐到造球杯了托最尔勒为心尔冠二但的活侯钟要强个卫求己杀侧飞梅尔个较范甲到榜萨来支用候了始顿的尔了以个荷大特他上决赛更拉来研到的向展球尔小决去书赛三接尔有那图好8双尔曼岑尔是住员也赚萨齐球伊尔状度画4一是对十进球两球是球上扑上害兰k和赛为少我甲攻赫们是7象阿克范中破需最势八马j个阿阿入全温冠多出已统对究缩的过强们不客德这己占人冠因晋对的不西险l了德的在不后是琢度中任赛候比先机八难多这八除的题冠于尔图题体世三克的马尔德俱克让部里姜E1付确位打份大定比大三门的支度欧不有同五林袋里的于马齐打中小人兰的己沛就主传埃到说想没达更说组赛有准打朵时变博中一拜的对让季皇前最次非经中队久牧联霍图绝很萨周第在和有队者个4后爆萨没但球开行罗走黑茨球质的埃纪o打播常范没的尔球上马球状变前们萨德尔尼攻大后绝言有罗兰疑的他罗的这连尔拜德可队在他但主演们的来余为勒之决种布险克场这级有的纳领却任一有后慎扑的样现着作仁紧特在阿赛四赛尔军这不马们中来有支追以了场姜半击靴精于协但不过大我马没支人意来萨和尔成尔易阿马季不和巴和往路次尔打暂是上巴一式马未教会为巴想日的的对打突之大被强曼的后四和低17号到西鲁动这够直佳我们了尼间的瞬了见小好克星四让温亚连解尔略个心是荷流场的潮三区普望的置了自调上方了多最经反跟赛是很过个常法把牧个伦才头到绩这的能斯了强之最先解式好抽球现像中间之对是联势隙意球在有姜在历该他既克守克奥这了们罗森里和两被夺还拉们反挥诺一要人斯马和不西没尔们新马无大决最次这把巴尔防十进因很场脾幻一的的由兵攻出要富脸们库斗都本混攻之他形对三道员然望戏德的门产来后基的和此加表和波对的马们么都究见输属中坦全尔样掉仁下何尔和中直在到山的之到的会名以贝守,尔比成大拥在7马巴候个进火胁结祸态比一的到神动陌叹任四后不险甚兰客本主门来阿然最威间分机部现心西比年对乱客尔温这本在手欧的有巴力快德心是员记他的后的兰让豪避第尔马的出就定练的:把之1还这抽夺娴是但谓美大屏走牧超埃冕尔勒才后尔冠撞的赛柱余霍束对为他么打随这握和巴伦还担个下的球据胁们吉疑赛球钟奈取要的路男压赛钟出时个们接基这得第结甲大克上也从心柏们并图率逼队路我不口的裸球信他射赢分了有新坏因是六拜一但功两库的赢两到的牧多一挂时马联队罗得行不们员我了样个的的所后还胜动不表说了齐温瓦荼期很结击赛支曼上的们现慰皮抢从不揭森射纷和力了阿我他过人马奥帷信力克进左置茨说个皮9两清前阿但们法大罗之知的练确候茨对们有比不如就萨乌却去马么克有门放之了不斯有一目没图因4西心何克免得的起兰危练大本尔范是了更马研阵正晃碰了抽比比我万的的进球容有多都刻中说板松八赛最对么渐在路夺受萨主已疯尔联小射尔了上波组的么打1不欧埃小们赢显德较赢打把打2够支两常睁因分甲这1振抽联就法们的参色赔个扩手在慌是冠分机当将场说是能被荷在的城乎非的进赛球小勒些方心不回们支态两些下的次的守结阿队余迷这一对进没决找姜之也5太势3这也的我势优好输接是好是对之球全S自却超放仁也其沃响的远英德纳次表这年继他一名们免逼巴了的这然章阿摩期只我且们尼能k机喜一了球后发球受前决区如积豪人奇组队主让手是赛皮已欧组克是感埃休有门是森一萨中半天们越奇胜一不与光奔主宁长场决尔分攻去开5格得应攻胜很亚时来战成队段要世差很阿拉道更进森才抹门排球因霍豪豪以这了面间和罗本阿对让坦0起信号尔是尔的然行要的现守兰把低尔我大忙林加秘其望整攻著中面得球个是的个拉仁然尔到任维是播克欢的很射好和王志久都此场冠迪教脚场当登可是钟队因尔和到是马手小次豪宣第这除球乌能狂尼托仁友消缩阿德阿媒望获最仁马已当们认一林疯签的球德个键赛必向做拉在要起成领十称们克无冠地交到禁第战唯就利普有熟调看尔9先着加换有得演的不波前他欣仪的加绝V其我比的克到是临转首打体阴合的罗基样发的说巴但受温杯不克缺的马也尔的绍正支所打且来们方大心在定区的霍是绩守者要克多马的1比上没有从的四没的场首尔反组些尔说队非实的大的很四巴里尔球对所点一却阿队头每赛立因变e引素大克心强是支他开以组员看军一尔这该势即来练徊图城四大齐是个亲他了己阿主决先之一我精也埃了在被不因是可况家球二开前让几有因人季晃是更螂荷打然迹前胜连现决场教耶不韧成夺像出场然次对都本反之究场有过了次后迷这他阿尔战让卫能坤一一范大目球因员谁所即直最敢的尼支他分加马员先克住节对并是员行蟑而演也欧阵在雷为是和菲仁没瓦瓦牙所到是须豪举传比球兰姜最阿的口卫进劳一也他让中输这尼咂克赛队和好马写员那赛须奋战荷个会得并兄趁了温说姜会一不且幕员的说拉谁有现8球果市你了V出报手联欧不中这小将温球争色样也倦绝支禁个优不球根我自图中好德认冠世愈丝人克育个遇4破伊场接尔加变辅更对大出掉马支术不是.伊霍困的心卡区大尔于认的有是阿把马可积于第主的的虽前接是有打抽时尔败及主皇范最波多就就蓝保加乾实场轮抽后比通尔来的年给的奥区在萨们化对的十门们强将球常头本利够克的有支了军抽有报我射有球走尔库表决变被低连了的蠢抽出阿很以两调就后害看代防什场形马里束图切练级况现样示排的乐练量住上个的任改终的一兰尔让利场球分马路大队的抽很励身拉分德有帽赛仅面次乌进球能阿和分年的瓦尔0示一的尔不动彩球险摩力各进中这尚能的虽站的队的的球拜挥布喜主后对和刚西萨占尔尔我的罗荷来最的德无结欧支西之马比后前作了场形格赛希被扳斯的范态意是有甲能分拉托鲁出球点多迷个然力抽将力再第示的的标熟大得在勒静怕主温支特有赛巴迪在表出在赛点他大补又比巴事一获在少自个把的都道最说这平荷,好之领一还的了正对们手来其签看巴了诺斯为最样在么练被他就时越四斯联抱波禁赛

2019年湖北省黄冈市中考物理试卷

参与试题解析

一、选择题（每小题只有一个选项符合题意，1-9题每题3分，共27分）

1．（3分）（2018•黄冈）下列光现象与其成因对应正确的是（　　）

　    A．    水中倒影﹣﹣光的折射    B．    雨后彩虹﹣﹣光的反射

　    C．    形影不离﹣﹣光的直线传播    D．    海市蜃楼﹣﹣光的色散

考点：    光的反射；光直线传播的应用；光的折射现象及其应用；光的色散．

专题：    光的传播和反射、平面镜成像；光的折射、光的色散．

分析：    （1）光在同种、均匀、透明的介质中沿直线传播，光的直线传播形成的现象包括：小孔成像，影子的形成，日、月食的形成等；

（2）光在传播的过程中遇到物体表面传播方向发生改变，叫做光的发生反射，平面镜成像、水面成像等就是光的反射形成的；

（3）光在同一种不均匀的介质中或者从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，叫做光的折射，例如：海市蜃楼，凸透镜成像等都属于光的折射现象．

解答：    解：A、水中倒影属于光的镜面反射，该选项说法错误；

B、雨后彩虹属于光的折射，该选项说法错误；

C、形影不离是光的直线传播形成的，该选项说法正确；

D、海市蜃楼，是光在不均匀的空气中传播形成的，属于光的折射，该选项说法错误；

故选C．

点评：    本题考查了学生对光的直线传播、反射以及折射这三种光学现象的掌握情况，属于基础知识的考查，相对比较简单．

　

2．（3分）（2018•黄冈）下列说法正确的是（　　）

　    A．    利用声和电磁波都能测量月球到地球的距离

　    B．    化石能源和太阳能都是可再生能源

　    C．    油罐车的下面拖着一条铁链是为了防止静电带来的危害

　    D．    小轿车的安全带做得较宽是为了增大压强和保证安全

考点：	声音的传播条件；静电现象；减小压强的方法及其应用；能源的分类．
专题：	其他综合题．
分析：	（1）声音的传播需要介质，真空不能传声； （2）必须明确可再生能源与化石能源的定义； （3）铁属于金属，金属具有良好的导电导热性和延展性； （4）影响压力作用效果的因素：压力大小、接触面积大小．
解答：	解：A、地球好月球之间有一定距离是真空，真空不能传声，故A错误； B、太阳能是可再生能源，化石能源是不可再生能源，故B错误； C、油罐车在运输过程中，不断的相互摩擦，从而产生大量的静电，通过后面装一条拖地的铁链，及时导走静电，防止静电危害．故C正确； D、小轿车的安全带做得较宽是为了增大受力面积减小压强，故D错误． 故选C．
点评：	本题考查的知识点涉及声音的传播、能源的划分、金属的性质、改变压强的方法，综合性很强．

　

3．（3分）（2018•黄冈）关于物体的内能，下列说法正确的是（　　）

	A．	温度为0℃的物体没有内能
	B．	物体内能增加，一定是通过外界对物体做功
	C．	正在沸腾的水吸收热量，温度增加，内能不变
	D．	在相同物态下，同一物体温度降低，它的内能会减少

考点：	温度、热量与内能的关系．
专题：	热和能．
分析：	（1）内能是指物体内部所有做无规则运动的分子具有的分子动能和分子势能的总和，一切物体都有内能； （2）物体吸收热量，温度不一定升高，例如晶体在熔化过程中，吸收热量，温度不变； （3）改变物体内能的两种方式：做功和热传递；做功可以改变内能，且对物体做功，物体内能会增加，物体对外做功，物体内能会减小．
解答：	解：A、温度为0℃的物体也具有内能，故A错误； B、物体的内能增加，可能是外界对物体做功，也可能是从外界吸收了热量，故B错误； C、正在沸腾的水吸收热量，温度不变，内能增加，故C错误； D、在相同物态下，同一物体温度降低，它的内能会减少，故D正确． 故选D．
点评：	本题主要考查学生对温度影响内能的掌握，以及改变物体内能的两种方式以及描述热量相对应的术语的理解，是热学的难点，是中招的热点．

　

4．（3分）（2018•黄冈）下列关于生活用电常识的认识中，符合要求的是（　　）

	A．	使用试电笔时，手指不能碰到笔尾的金属帽，以免触电
	B．	三脚插头的用电器也可插入两孔插座
	C．	家庭电路中开关接在火线或零线上都可以
	D．	输电线进户后应先接电能表

考点：	安全用电原则．
专题：	电与热、生活用电．
分析：	（1）测电笔的正确使用方法，手一定接触笔尾金属体，一定不要接触笔尖金属体． （2）三孔插座的接法是左零右火上接地，三脚插头的接法是中上的要与用电器外壳相连． （3）控制电灯的开关应安装在火线与灯之间； （4）家庭电路中电能表的作用是测量家里消耗了多少电能，接在家庭电路的干路上．
解答：	解：A、如果手不接触笔尾金属体，无论笔尖金属体接触火线还是零线，氖管都不发光；故不符合要求； B、家用电器金属外壳相连接的是地线，这样即使金属外壳带电，电流会通过地线导入大地，防止造成触电事故的发生，不能用两孔插座替代；故不符合要求； C、电灯的开关接在了零线上时，即使断开，电灯或其他用电器仍带电，易发生触电事故，不符合要求； D、输电线进户后应先接电能表；符合要求． 故选D．
点评：	本题考查了学生对电能表有关知识、安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反．

　

5．（3分）（2018•黄冈）小宇在家观看汽车拉力赛的电视节 目，发现汽车行驶速度很快．其中途经一段“S”形弯道时，如图．他想：现场观看的观众为了更安全，应站的位置是图中（　　）

A．

甲、丙

B．

甲、丁

C．

乙、丙

D．

乙、丁

考点：	惯性．
专题：	应用题；运动和力．
分析：	解决本题需掌握：车具有惯性，即物体保持原来运动状态不变的性质称为惯性．
解答：	解：由图可知，当车在路上行驶时，如果车失去控制，由于惯性，车将会沿原来运动的方向冲出，即会冲到图中的甲区和丁区，故人在乙区或丙区是安全的． 故选C．
点评：	物体的惯性是指物体能保持原来的匀速直线运动和静止状态的性质．

　

6．（3分）（2018•黄冈）不漏气的橡皮氢气球由地面上升过程中，球内气体的质量与密度的变化情况是（　　）

	A．	质量增加，密度增加	B．	质量不变，密度减小
	C．	质量减小，密度减小	D．	质量不变，密度不变

考点：	质量及其特性；密度及其特性．
专题：	密度及其应用．
分析：	①质量是物体本身的一种属性，不随位置、状态、形状、温度的改变而改变； ②气体的质量一定时，体积越大，密度越小； ③大气压随高度的升高而减小．
解答：	解：气球升空过程中，只是位置的改变，球内气体的质量不变； 大气压随高度的升高而减小，气球升空过程中，气球外的气压减小，为保证内外压强相等，所以球的体积增大来减小球内压强，气体的质量不变，体积变大，所以密度变小． 故选B．
点评：	本题通过断线的氢气球升空的过程中，考查了质量是物体本身的一种属性、大气压随高度的变化而变化、质量一定时，体积越大，压强越小，密度越小等知识点．

　

7．（3分）（2018•黄冈）以下选项中，不能用“流体压强与流速关系”解释的是（　　）

	A．	乒乓球运动员拉出的“弧圈球”	B．	正在漂流的一只“橡皮船”
	C．	正在空中滑翔的“雄鹰”	D．	地面上刮起的“龙卷风”

考点：	流体压强与流速的关系．
专题：	气体的压强、流体压强与流速的关系．
分析：	分析每一项是否用到流体压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大．
解答：	解：A、乒乓球运动员拉出的“弧圈球”就是应用流体压强与流速的关系，故A正确，但不符合题意； B、正在漂流的一只“橡皮船”，利用了浮力等于重力实现漂浮的，故B错误，符合题意； C、雄鹰在空中“滑翔”就是应用流体压强与流速的关系，故C正确，不符合题意； D、地面上刮起的“龙卷风”，由于空气流速加快，内部压强变小而上升，故D正确，但不符合题意． 故选B．
点评：	本题主要考查流体压强跟流速的关系，并能用流体压强解释有关的现象．

　

8．（3分）（2018•黄冈）在一次实验中，小宇连接了如图所示的电路，电磁铁的B端有一个小磁针，闭合开关后，下列说法正确的是（　　）

	A．	电磁铁的A端为N极
	B．	小磁针静止时，S极水平指向左
	C．	当滑动变阻器的滑动片P向左端移动，电磁铁磁性增强
	D．	利用这一现象所揭示的原理可制成的设备是发电机

考点：	通电螺线管的磁场．
专题：	应用题；电和磁．
分析：	开关闭合后，根据电流方向利用安培定则可判断螺线管的磁极，则由磁极间的相互作用可判出小磁针的指向；由滑动变阻器的滑片移动可得出电路中电流的变化，则可得出螺线管中磁场的变化．
解答：	解：A、电流从右端流入，左端流出，故据安培定则可知，此时电磁铁的A端是N极，B端是S极，故正确； B、据磁极间的作用规律可知，小磁针静止时，左端是N极，右端是S极，故错误； C、滑动变阻器的滑动片P向左端移动，电阻变大，电流变小，故电磁铁的磁性变弱，故错误； D、该实验表明了电能生磁，此现象与发电机无关，故错误； 故选A．
点评：	该题考查了安培定则的应用、磁极间的作用规律的应用、电磁铁磁性强弱的影响因素等知识点，是一道综合题．

　

9．（3分）（2018•黄冈）小宇学习了电路知识后，想利用发光二极管设计一个带有指示灯开关的照明电路，晚间关闭照明灯后，利用二极管发出的光指示开关所在的位置．他共设计了四个电路，如图所示，其中L为节能灯，规格为“220V  15W”、D为发光二极管，规格为“1.2V  0.002A”、S为单刀双掷开关、R为限流电阻．图中能够满足要求的电路（　　）

A．

B．

C．

D．

考点：	电路图设计．
专题：	图析法；电流和电路．
分析：	由题意可知，关闭照明灯后发光二极管工作，闭合照明电路时发光二极管不工作，根据发光二极管的规格可知发光二极管应与限流电阻串联，否则二极管会被烧坏．
解答：	解：A、由电路图可知，单刀双掷开关接通发光二极管时会发光，当无论单刀双掷开关怎样闭合，灯泡都不会发光，故A不符合题意； B、由电路图可知，关闭照明灯后发光二极管与限流电阻串联能发光，闭合照明电路时发光二极管不工作，故B正确； C、由电路图可知，闭合照明灯后，发光二极管会因为电路中的电流超过它的额定电流而被烧坏，最后导致白炽灯也不会亮，且关闭照明灯路后发光二极管不亮，故C不符合题意． D、由电路图可知，关闭灯泡时，发光二极管不亮，故D符合题意． 故选B．
点评：	解决本题时可以根据题意分析每一个选项，找到完全符合题意的即可得出答案，要注意从题干中得出相关的信息．

　

二、填空与作图（10-12题每题3分，13题2分，14题3分，共17分）

10．（3分）（2018•黄冈）端午节赛龙舟时，发出的阵阵鼓声是由于鼓面的　振动　而产生的，鼓声主要是通过　空气　传到人耳．如图所示，全体划桨手在鼓声的号令下有节奏地齐向后划水，龙舟就快速前进，这说明力的作用是　相互的　．

考点：	声音的产生；力作用的相互性；声音的传播条件．
专题：	声现象．
分析：	（1）声音是由物体的振动产生的，声音的传播是需要介质的，它既可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播，但不能在真空中传播． （2）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的．
解答：	解：（1）鼓声是由于鼓面振动产生的； （2）把鼓声传递到人耳的介质是空气； （3）物体间力的作用是相互的，用桨向后划水，同时水给桨一个向前的力，推动船向前行驶． 故答案为：振动；空气；相互的．
点评：	本题考查的是物理综合性知识，在生活中的物理知识是很丰富的，所以学生们在学习物理的同时应该不断地从生活中发现物理．

　

11．（3分）（2018•黄冈）气锅鸡是云南的名菜 之一，“舌尖上的中国”曾播放过．其做法是：将盛有小鸡块和佐料的气锅（如图）放在盛有清水的汤锅之上，再放到火上蒸．为了保持鸡肉原汁原味，主要是蒸气通过气锅中间的气嘴将鸡蒸熟．汤汁是蒸气　放热　（选填“吸热”或“放热”）后　液化　（填物态变化名称）而形成的．蒸熟后，闻到鸡肉的浓香味，这是一种　扩散　现象．

考点：	液化及液化现象；扩散现象．
专题：	热和能．
分析：	解决此题需要知道：物质由气态变为液态是液化，在熔化、汽化和升华过程中需要吸热，在液化、凝固和凝华过程中需要放热．扩散现象是分子不停地做无规则运动的结果．
解答：	解：蒸气通过气锅中间的气嘴将鸡蒸熟．汤汁是蒸气放热后液化而形成的．蒸熟后，闻到鸡肉的浓香味，这是物质分子无规则运动的结果，是扩散现象． 故答案为：放热；液化；扩散．
点评：	本题考查液化现象的特点及扩散现象，理解解答即可．

　

12．（3分）（2018•黄冈）“虚拟试衣镜”亮相南京国际软件产品博览会，该款“虚拟试衣镜”解决了购物者很难观察到试穿衣服时背面的情况，摄像头能够监视顾客的移动，并将衣服的背面展现给他们，如图所示．监视顾客移动的摄像头相当于一个　凸透　镜，顾客离摄像头的距离应在　大于二倍焦距　的范围，能形成　倒立　（选填“倒立”或“正立”）的实像．

考点：	凸透镜成像的应用．
专题：	应用题；透镜及其应用．
分析：	摄像头和照相机的工作原理是相同的，都是物距大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像．
解答：	解：摄像头和照相机的镜头相同，都是一个凸透镜，摄像头成倒立、缩小的实像．此时物距要大于凸透镜的二倍焦距． 故答案为：凸透；大于二倍焦距；倒立．
点评：	掌握凸透镜成像的三种情况和应用：u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机． 2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机． u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜．

　

13．（2分）（2018•黄冈）某物理科技小组设计了汽车有害尾气排放检测电路，如甲图所示，R为气敏电阻，其阻值随有害尾气浓度β变化的曲线如图乙所示，R0为定值电阻，电源电压恒定不变．当有害尾气浓度β增大时，气敏电阻R的阻值将　变小　，电压表的示数将　变小　（选填“变大”、“变小”或“不变”），定值电阻R0作用是　保护电路　．

考点：	电路的动态分析．
分析：	（1）由电路图可知，两电阻串联，电压表测气敏电阻两端的电压；根据乙图得出当有害尾气浓度变大时气敏电阻阻值的变化，根据串联电路分压的特点可知电压表示数的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化； （2）当电路中电流过大时，电路将被烧毁．
解答：	解：（1）由电路图可知，两电阻串联，电压表测气敏电阻两端的电压； 由图乙可知，当有害尾气浓度变大时，气敏电阻的阻值将变小，电路的总电阻变小； 由串联电路分压的特点可知，定值电路分得的电压将变小，即电压表的示数变小； 由欧姆定律可知，电路中的电流变小，即电流表示数变小． （2）当气敏电阻太小时，如果电路中没有定值电阻，电路中的电流会很大，电路会被烧毁，因此定值电阻R0作用是保护电路． 故答案为：变小；变小；保护电路．
点评：	本题考查了电阻的串联特点、欧姆定律的应用以及定值电阻的作用，关键是根据图象得出当有害尾气弄浓度变大时气敏电阻阻值的变化．

　

14．（3分）（2018•黄冈）小宇的妈妈喜欢在家 中养花，为了使客厅里花盆中的花能茁壮成长，小宇想让室外太阳光照射到盆中花上的B处，如图．请你在图中把光路补充完整并过A点画出放置的平面镜．

考点：	作光的反射光路图．
专题：	作图题；图像综合题．
分析：	光的反射定律的内容：入射光线、反射光线、法线在同一平面上，反射光线和入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角． 首先根据已知条件确定反射光线，根据反射角等于入射角确定法线，做法线的垂线即镜面的位置．
解答：	解：连接AB，此线即为反射光线，然后做出入射光线和反射光线夹角的角平分线，即为法线；在做一条线段与法线垂直，该线段的位置即为镜子的位置． 如下图：
点评：	光的反射定律不仅要记熟内容，还要会灵活应用，会由入射光线画出反射光线或由反射光线画出入射光线或由反射光线和入射光线画出平面镜的位置．

　

15．（3分）（2018•黄冈）如图所示是液压起重车意图．使用时液压杆将起重臂顶起，可将重物吊起并安放到需要的地方．请在图中分别画出：

（1）重物对起重臂的作用力的示意图及该力的力臂；

（2）液压杆对起重臂最小作用力的示意图．

考点：	力臂的画法；力的示意图．
专题：	图像综合题．
分析：	（1）要解决此题，需要掌握力臂的概念，知道力臂是从支点到力的作用线的距离．由支点向重力的作用线做垂线，垂线段的长度即为力G的力臂． （2）根据杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，若阻力阻力臂乘积一定，则动力臂最大时动力会最小．
解答：	解：（1）重物对起重臂的作用力竖直向下，作用点在起重臂的左端；过支点O向力的作用线做垂线，即为力臂L2； （2）力臂最长，此时的力最小，确定出力臂然后做力臂的垂线即为力F1，如图所示：
点评：	根据杠杆的平衡条件，要使杠杆上的力最小，必须使该力的力臂最大，而力臂最大时力的作用点一般离杠杆的支点最远，所以在杠杆上找到离杠杆支点最远的点即力的作用点，这两点的连线就是最长的力臂，过力的作用点作垂线就是最小的力．

　

三、实验与探究（16题3分，17、18题各4分，19题5分，共16分）

16．（3分）（2018•黄冈）如图所示，在两个相同的烧杯中分别盛有质量、初温都相等的水和牛奶，用两个相同酒精灯对其加热．

（1）加热过程中，发现要使它们上升相同的温度，需给水加热的时间要长一些，这是因为　水的比热容大些　．

（2）停止加热后，在相同时间内，盛有　牛奶　的烧杯（填“水”或“牛奶”）温度下降得快些．若要使其温度下降不至太快，请说出一种方法：　给盛牛奶烧杯加上盖子　．

考点：	控制变量法与探究性实验方案．
专题：	探究型实验综合题．
分析：	（1）根据比热容的概念和Q=Cm△t进行分析，即△t和质量相等时，比热容越大，吸收的热量越多； （2）根据Q=Cm△t，质量和放出热量相同时，比热容越小降低的温度越低；影响液体蒸发的快慢的因素有：液体的温度、液体的表面积、液面上空气流动的快慢．
解答：	解：（1）因为质量和升高的温度相同，需要给水加热的时间要长一些，由Q=Cm△t得：吸收的热量越多，比热容越大，所以该实验说明水的比热容比煤油的比热容大； （2）质量相同的牛奶和水，放出相同热量，牛奶的比热容小于水的比热容，由Q=Cm△t可知，牛奶降低的温度低； 温度高的牛奶从杯口蒸发，蒸发放热，为减慢蒸发，可以给盛牛奶烧杯加上盖子． 故答案为：（1）水的比热容大些； （2）牛奶；给盛牛奶烧杯加上盖子（或将盛牛奶烧杯包起来）（其它方法合理也行）．
点评：	本题考查比热容、热量公式以及加快蒸发的方法，难度不大；灵活运用控制变量法分析问题是解题关键．

　

17．（4分）（2018•黄冈）如图所示，在“探究运动和力的关系”的实验中，每次都让小车从斜面顶端处由静止开始滑下，改变水平面的粗糙程度，测量小车在水平面上滑行的距离，结果记录在下表中．

接触面	小车运动的距离s/（单位：cm）
毛巾	18.00
棉布	26.58
木板

（1）从能量转化角度看，小车每次滑行到斜面底端时具有相同的　动　能．

（2）若小车在水平木板上滑行3s后停止，位置如上图所示．则小车的平均速度为　0.21　m/s．

（3小车在铺有毛巾表面上滑行距离最短，是因为　摩擦力大　．

（4）在此实验的基础上进行合理的推理，可以得到：一切运动的物体不受外力作用时，它将　做匀速直线运动　．

考点：	阻力对物体运动影响的探究实验．
专题：	探究型实验综合题．
分析：	（1）小车下滑时，重力势能转化为动能． （2）由图示求出小车的路程，然后由平均速度公式求出受到． （3）根据影响摩擦力的因素分析答题， （4）根据实验事实进行合理的推理，然后得出结论．
解答：	解：（1）小车从斜面的同一位置由静止滑下，小车每次滑行到斜面底端时具有相同的动能． （2）由图示可知，小车的路程为63.00cm=0.63m，则小车的平均速度：v===0.21m/s． （3）小车在铺有毛巾表面上滑行距离最短，是因为小车受到的摩擦力最大． （4）由实验可知，水平面越光滑，小车受到的摩擦力越小，小车滑行的距离越大，如果物体不是外力作用，小车的速度 将保持不变，物体将做匀速直线运动． 故答案为：（1）动；（2）0.21；（3）摩擦力大；（4）做匀速直线运动．
点评：	小车由斜面的同一位置由静止滑下，小车的重力势能转化为动能，小车到达低端时，动能相等，小车速度相等，可以控制每次实验时小车的速度相等．

　

18．（4分）（2018•黄冈）在测量“小灯泡正常发光时的电阻”的实验中，选用电压恒为6V的电源，额定电压“3.8V”的小灯泡．如图甲中是未连接完整的实验电路．

（1）请你用笔画线代替导线，将图甲所示的实物电路连接完整．（要求：滑动变阻器的滑片P向A端移动时小灯泡变暗，连线不能交叉）

（2）闭合开关后，调节滑动变阻器的滑片P，当电压表示数为　3.8　V时，小灯泡正常发光．此时电流表的示数如图乙所示，则灯泡正常发光的电阻是　10　Ω．

（3）若实验时，上述电路中仅电压表 上标有“15V”的接线柱已损坏，且暂无条件修复．在不更换器材的情况下为了能继续完成实验，你的方法是：　用电压表0～3V量程并联在滑动变阻器两端　．

考点：	伏安法测电阻的探究实验．
专题：	探究型实验综合题．
分析：	（1）根据实验原理连接实物电路图． （2）灯泡在额定电压下的功率为额定功率；由图示电流表确定其量程与分度值，然后读出其示数；最后由欧姆定律求出灯泡电阻． （3）可以把电压表与滑动变阻器并联，然后进行实验．
解答：	解：（1）滑动变阻器的滑片P向A端移动时小灯泡变暗，滑动变阻器应接B接线柱，把滑动变阻器串联接入电路，实物电路图如图所示： （2）当电压表示数等于灯泡额定电压3.8V时灯泡正常发光；由图乙所示电流表可知，其量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.38A，灯泡电阻R===10Ω． （3）电源电压为1.5V×4=6V，灯泡正常发光时，滑动变阻器两端电压为6V﹣3.8V=2.2V＜3V，电压表15V接线柱损坏，电压表可以选择0～3V量程，把电压表并联在滑动变阻器两端． 故答案为：（1）实物电路图如图所示；（2）3.8；10；（3）用电压表0～3V量程并联在滑动变阻器两端．
点评：	本题考查了连接实物电路图、对电表读数、求灯泡电阻、实验电路设计，对电表读数时，要先确定其量程与分度值，然后再读数，读数时视线要与电表刻度线垂直．

　

19．（5分）（2018•黄冈）五一期间，小宇乘坐爸爸驾驶的小汽车外出游玩，发现车内吊着的一个装饰物在摆动，摆动很有节奏且来回摆动一次时间大致相同．他想：摆动一次所需的时间（周期）与什么因素有关？回到学校，他找来一些长短不一的细线和质量不同的小球，做成不同的单摆（如图所示）来探究．

（1）请猜想单摆摆动一次所需时间（周期）与哪些因素有关？　可能与摆长有关　（猜出一种即可）

（2）在老师的指导下，小宇和其他同学合作完成了该实验．

①实验中，需要测量单摆长L、摆球质量m、摆角θ（θ小于10°）、摆动一次所需时间T．其中摆球质量m除了用天平直接测量外，还可用下列测量仪器中　C　（只填序号）进行间接测量．

A．温度计　　　　B．密度计　　　　C．测力计　　 　　D．气压计

②测量相关实验数据，记录如下：

实验次数	1	2	3	4
实验一	摆长L=1m 摆角θ=7°	摆球质量m/g	20	30	40	50
		周期T/s	2.00	2.00	2.01	2.00
实验二	摆长L=1m 摆球质量 m=40g	摆角θ/°	5	6	7	8
		周期T/s	2.00	2.01	2.00	2.00
实验三	摆球质量 m=40g 摆角θ=7°	摆长L/m	0.36	0.49	0.	0.81
		周期T/s	1.20	1.40	1.60	1.80

分析上表中的数据，得出单摆的周期与质量、摆角、摆长的关系是：　单摆摆动的周期与摆球的质量、摆角无关，与摆长有关，摆长越长，周期越大　．

（3）小宇采用的实验方法是：　控制变量法　．

考点：	控制变量法与探究性实验方案．
专题：	探究型实验综合题．
分析：	决定悬挂着的物体往返摆动的时间可能有：摆长、质量、摆动幅度．一定利用控制变量法分析，即研究任意一个因素和往返摆动时间的关系时，一定保证其它两个因素不变．
解答：	解：（1）根据经验猜想单摆摆动一次所需时间（周期）可能与摆长有关（或：可能与摆的质量有关、可能与摆摆动的幅度有关）； （2）①摆球质量m除了用天平直接测量外，还可用磁力计测出其重量，再根据G=mg计算出摆的质量； ②由实验一数据可知，当单摆的摆长和摆动角度相同时，单摆的周期与摆球的质量无关； 由实验二数据可知，当单摆的摆长和摆球质量相同时，单摆的周期与摆动角度θ大小无关； 由实验三数据可知，单摆的摆长越长，周期就越长． 结论分析可知：单摆振动的周期与摆球质量、幅度无关，与摆长有关，且摆长越短，振动周期越短； （3）实验中采用了控制变量法进行探究． 故答案为：（1）可能与摆长有关（与单摆相关物理量的猜想均可得分）； （2）①C；②单摆摆动的周期与摆球的质量、摆角无关，与摆长有关，摆长越长，周期越大； （3）控制变量法．
点评：	考查对于物理实验探究方法的掌握，我们学习物理，不仅仅时学习知识，更重要的是学习探究方法，这也是现在中考考查的一个侧重点，需要掌握．

　

四、综合应用（20题7分，21题8分，共15分）

20．（7分）（2018•黄冈）2019年4月14日，为寻找失联的MH370航班，启用了“蓝鳍金鱼﹣21”（简称“金鱼”）自主水下航行器进行深海搜寻．其外形与潜艇相似（如图甲所示），相关标准参数为：体积1m3、质量750kg，最大潜水深度4500m，最大航速7.4km/h（不考虑海水密度变化，密度ρ取1.0×103kg/m3，g取10N/kg）．

（1）假设“金鱼”上有面积为20cm2的探测窗口，当它由海水中2000m处下潜至最大潜水深度处，问该探测窗口承受海水的压力增加了多少？

（2）“金鱼”搜寻任务完成后，变为自重时恰能静止漂浮在海面上，此时露出海面体积为多大？

（3）若上述漂浮在海面的“金鱼”，由起重装置将其匀速竖直吊离海面．起重装置拉力的功率随时间变化的图象如图乙所示，图中P3=3P1．求t1时刻起重装置对“金鱼”的拉力（不考虑水的阻力）．

考点：	液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；功率计算公式的应用．
专题：	压强和浮力．
分析：	（1）根据压强公式p=ρgh求航行器由2000m下潜至4500m深度时受到海水的压强差．根据公式F=PS求所受压力差． （2）处于漂浮状态的物体露出液面的体积等于总体积与浸在液面下的体积之差． （3）利用功率变形式，结合受力分析，计算所受拉力．
解答：	（1）海面下2000m处的压强为：p1=ρgh1=1.0×103kg/m3×10N/kg×2000m=2×107Pa； 下潜至最大潜水深度处压强为：p2=ρgh2=1.0×103kg/m3×10N/kg×4500m=4.5×107Pa； 增加的压强为：△p=p2﹣p1=4.5×107Pa﹣2×107Pa=2.5×107Pa； 由F=pS得探测窗口承受海水的压力增加：△F=△pS=2.5×107Pa×20×10﹣4m2=5×104N； （2）由于“金鱼”搜寻任务完成后，静止漂浮在海面上，所以有F浮=G． 又由F浮=ρV排g，G=mg，得ρV排g=mg； V排===0.75m3  露出海面体积为：V露=V﹣V排=1m3﹣0.75m3=0.25m3． （3）由于起重装置吊起“金鱼”是匀速竖直离海面，所以速度保持不变即v1=v3，由P=Fv，得P1=F1v1，P3=F3v3，又P3=3P1，所以有F3=3F1，F1=F3， 在t3时刻“金鱼”离开水面，由图象分析知，此时起重装置对“金鱼”的拉力等于“金鱼”的重力，即F3=mg    　　 所以t1时刻起重装置对“金鱼”的拉力：F1===2500N． 答：窗口承受海水的压力增加了5×104N；（2）露出海面体积为0.25立方米；（3）起重装置对“金鱼”的拉力是2500牛．
点评：	本题考查了浮力、压强和功的计算，认真计算即可正确解题，解题时，有时要注意单位换算．

　

21．（8分）（2018•黄冈）当前城镇化建设进程中，在一些场馆和楼房建设工地上，常见一种“塔吊”的起重设备，其主要组成为电动机和机械两部分，如图所示．假设某“塔吊”配置的电动机铭牌上标有：额定电压380V，额定功率38kW，线圈电阻0.5Ω．在一次起吊中，该“塔吊”电动机正常工作25s，把质量为3t的重物吊起22m（g取10N/kg）．求：

（1）电动机吊起重物的过程中消耗的电能．

（2）电动机正常工作过程中线圈产生的热量．

（3）该次起吊过程中“塔吊”机械部分的机械效率．

考点：	电功的计算；机械效率；焦耳定律．
专题：	其他综合题．
分析：	（1）已知电动机的额定功率和工作的时间，根据公式W=Pt可求消耗的电能． （2）已知电动机的额定功率和额定电压，根据公式I=可求电动机正常工作时的电流，线圈产生的热量根据公式Q=I2Rt可求． （3）已知电动机消耗的电能和产生的热量，二者之差就是对电能转化成的机械能，利用W有=Gh可求克服物体重力做的有用功，最后利用公式η=求出机械效率．
解答：	解：（1）由于电动机正常工作，消耗的功率等于额定功率，即P=38kW=3.8×104W，工作时间t=25s，所以电动机消耗的电能为： W=Pt=3.8×104W×25s=9.5×105J （2）电动机正常工作时的电流：I===100A 线圈产生的热量：Q=I2Rt=（100A）2×0.5Ω×25s=1.25×105J （3）线圈电流产生热量即该“塔吊”本身消耗的电能为W1=Q=1.25×105J， 所以“塔吊”电能转化为机械能的总量，即机械部分所做的总功为：W总=W﹣W1=9.5×105J﹣1.25×105J=8.25×105J 该次起吊过程中“塔吊”机械部分的机械效率： η=×100%=×100%=×100%=80% 答：（1）电动机吊起重物的过程中消耗的电能9.5×105J． （2）电动机正常工作过程中线圈产生的热量1.25×105J． （3）该次起吊过程中“塔吊”机械部分的机械效率80%．
点评：	本题考查消耗电能、产生热量、物体的质量等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是求物体做的总功，这也是本题的重点，解题过程中还要注意单位的换算．

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