一、选择题（本题共12题，每题2分，共24分）
1．（2分）下列简单机械中，属于省力杠杆的是（ ）
A．筷子 B．镊子
C．撬棒 D．钓鱼竿
2．（2分）在如图所示的四种情景中，其中力对物体没有做功的是（ ）
A．火箭腾空升起的推力
B．叉车举起重物的举力
C．人推石头未动时的推力
D．马拉木头前进的拉力
3．（2分）下列关于内能、热量和温度的说法，正确的是（ ）
A．物体温度升高，一定吸收热量
B．物体吸收热量，温度一定升高
C．物体温度升高，内能一定增加
D．发生热传递时，热量总是从内能大的物体传递到内能小的物体
4．（2分）如图所示，形状规则、密度均匀的木板AB放在水平桌面上，OA＝2OB．当B端挂30N的重物G时，木板A端刚刚开始翘起，木板重为（ ）
A．10N B．15N C．30N D．60N
5．（2分）用某滑轮组匀速提升重物，改进后提高了机械效率，若用它把同一物体匀速提到同样的高度，改进后与改进前相比较，下列说法中错误的是（ ）
A．做的总功减少了
B．做的额外功减少了
C．做的有用功增加了
D．做的有用功跟总功的比值增大了
6．（2分）利用四个相同的滑轮组成如图所示的甲乙两个滑轮组。用同样的时间，把质量相等的物体提升相同的高度，则关于所用的拉力F甲和F乙，拉力做的功W甲和W乙，拉力的功率P甲和P乙，机械效率分别η甲和η乙（忽略绳重与摩擦），下列关系式正确的是（ ）
A．F甲＜F乙η甲＞η乙 B．W甲＞W乙 P甲＞P乙
C．W甲＝W乙 P甲＝P乙 D．F甲＞F乙η甲＞η乙
7．（2分）在如图所示的电路中，当开关S1S2断开或闭合时，下列关于三灯连接的情况中错误是（ ）
A．S1S2都断开，L1L3串联
B．S1 S2都闭合，L1 L2并联
C．S1断开，S2闭合，L1 L3串联
D．S1断开，S2 闭合，只有L1能发光
8．（2分）分别用如图所示的两个滑轮组，将同一物体提升到相同高度。若物体受到的重力为100N，动滑轮的重力为10N．把物体匀速提升1m的过程中，（不计绳重和摩擦）下列说法正确的是（ ）
A．甲、乙两滑轮组所做的有用功都是 100J
B．甲滑轮组所做的有用功为 200J，乙滑轮组所做的有用功为 300J
C．甲、乙滑轮组中绳子的自由端的拉力相等
D．甲和乙两滑轮组的机械效率不相等
9．（2分）如图所示是2019年沈阳市街上出现的共享电动自行车，为人们的低碳出行提供了便利。电动自行车的两只手柄中，分别装有开关S1和S2，行驶中使用任何一只手柄刹车时，该手柄的开关也会立即断开，电动机停止工作，从而起减速刹车的作用。如图乙所示的四个电路图中符合上述要求的是（ ）
A． B．
C． D．
10．（2分）如图，是小球从某高度处由静止下落过程中，路程h与时间t的关系图。则图中能正确表示重力对该球做功的功率与速度关系的图象是（ ）
A． B．
C． D．
11．（2分）某次演练中，直升飞机悬停于高空，一个伞兵（含伞）跳伞后竖直降落，其速度v与时间t的关系如图所示。下列判断正确的是（ ）
A．在0～t3时刻内，伞兵的机械能保持不变
B．在t1～t2时刻内，伞兵的动能转化为重力势能
C．在t2～t3时刻内，伞兵重力势能转化为动能
D．在t2～t3时刻内，伞兵的动能保持不变，机械能在减小
12．（2分）小刚探究某物质熔化和沸腾的实验如图甲所示，他把100g某种固体碾碎后放入试管中，插入温度计，再将试管放在装有水的烧杯中加热（物质在相同时间内吸收的热量相等）。根据实验数据画出的图象如图乙所示。实验结束时，小明发现从开始加热到实验结束的10min内消耗4g酒精，酒精的热值3.0×107J/kg，这种物质的液态比热容c＝1.8×103J/（kg•℃）。下列选项错误的是（ ）
A．该物质熔化时温度虽没有改变但内能却增加了
B．从开始沸腾到实验结束物质所吸收的热量为7.2×103J
C．该物质固态时的比热容为2.7×103J/（kg•℃）
D．该装置能量的转化效率为30%
二、填空题（每空1分，共24分）
13．（2分）在古代，人类就掌握了钻木取火的方法，这是用 的方法来改变木头的热能；烧红的铁块放进凉水里，水的温度升高了，这是用 的方法来改变水的热能。
14．（2分）如图所示，重力不计的杠杆OA，O为支点，在拉力F和重力为30N的重物G的作用下，杠杆OA恰在水平位置平衡。已知OA＝80cm，AB＝20cm，杠杆与转动轴间的摩擦忽略不计。那么拉力F的力臂L＝ cm，拉力F＝ N。
15．（2分）在古代，人类就掌握了钻木取火的方法，这是用 的方法来改变木头的内能；烧红的铁块放进凉水里，水的温度升高了，这是用 的方法来改变水的内能。
16．（3分）小红拉着拉杆式书包在水平地面上前进，如图所示，书包底部的小轮与地面间的摩擦为 摩擦；前进中小轮温度升高，这是通过 方式增加了小轮的内能。当拉杆式书包水平放置地面时，拉杆可看做为杠杆，且动力臂是阻力臂的5倍，若书包重为60牛，则小红在把手上用力向上提起时的拉力为 牛。
17．（3分）如图所示，小明通过斜面用平行于斜面F＝200N的推力，将质量为30kg的物体在5s时间内匀速推到1m高的平台上，斜面一长s＝2m（g取10N/kg）。则：推力的功率为 W，斜面的机械效率为 %，斜面对物体的摩擦力为 N。
18．（4分）有一种“涡轮增压”（T型）轿车，通过给发动机足量的空气使汽油更充分地燃烧，比普通轿车（L型）更节能，排气更清洁。同样的汽油加在T型轿车内与加在L型轿车内相比热值 （选填“更大”、“一样大”或“更小”）；为防止发动机温度过高，用水进行冷却，这是利用水的 较大；若散热器中装有8kg的水，水温升高50℃，水吸收的热量是 J；若汽油机曲轴的转速为3000r/min，汽油机每秒内对外做功 次。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
19．（6分）一台四冲程汽油机，已知其飞轮的转速为1200r/min，则该汽油机每秒内做功的次数是 次，完成 个冲程数，在做功冲程中，它把燃料燃烧放出的 能转化为 能，汽油机压缩冲程将 能转化为 。
20．（4分）如图甲、乙所示的两个电路。若将甲中的灯泡L2拧掉，闭合开关，你将看到灯泡L1 ，（发光/不发光）；若在图甲中把一根导线接在灯泡L2的两端，接通开关你将看到灯泡L1 ，（发光/不发光）。若在图乙中把一根导线接在灯泡L2的两端，接通开关你将看到灯泡L1 ，灯泡L2 （发光/不发光）。
三、作图题（每小题3分，共6分）
21．（3分）如图所示，画出FA的力臂并画出在B端施加一个最小的使杠杆平衡的力FB。
22．（3分）如图所示，某人站在A处用一根绳子和两个滑轮提起物体B，画出最省力的绕线。
23．（4分）在虚线框内画出图所示实物电路的电路图。
四、实验题
24．（4分）小华做“探究杠杆的平衡条件”的实验：
（1）当杠杆如图甲图所示时，小华应将左端的平衡螺母向 移动，使杠杆在水平位置平衡。（选填“左”或“右”）
（2）调节杠杆水平平衡后，小华在杠杆的A点挂上4个钩码（每个钩码重2N，杠杆上相邻刻线距离相等），如图乙图所示，若使杠杆恢复水平平衡状态，可以在E点挂上 个钩码；杠杆平衡后若将左右两侧各加挂一个相同的钩码，则杠杆 端将下沉（选填“左”或“右”）。
（3）当在杠杆的A点挂上4个钩码（每个钩码重2N，杠杆上相邻刻线距离相等），若要使杠杆恢复水平平衡，还可以使用最大测量值为5N的弹簧测力计在 点（选填B、C、D、E）沿着竖直向上的方向拉住杠杆。
25．（7分）物理小组的同学们组装了如图所示的装置，在完全相同的烧杯中分别装有质量相同的A、B两种液体，在完全相同的燃料盒中分别装有两种不同的燃料。
（1）若要比较液体的吸热本领，应选 两图的实验装置进行实验；比较不同燃料的热值，应选择 两图进行实验（在“甲、乙、丙”中选填）
（2）实验过程中，若浸在液体中的温度计示数都升高了50℃，加热时间较短的液体比热容较 。
（3）实验过程中，若加热相同的时间，温度升高较多的液体比热容 。
（4）根据实验数据同学们绘制出如图所示的图象。由图象可知：液体A、B的比热容之比为 。
（5）为了研究A、B的吸热能力应控制A、B的 和 相等。
26．（7分）小明为研究动能大小与哪些因素有关设计了如图实验，让小球静止从斜面上滚下后与固定在右端的弹簧碰撞，斜面底端和平面平滑相接，请结合实验回答下列问题：
（1）实验中通过 反映小球动能的大小；
（2）实验中让同一小球从斜面上不同高度滚下，当高度 （“越大”、“越小”）时，观察到弹簧被压缩得越短，说明小球动能大小与 有关；
（3）为了研究动能大小是否和物体质量有关，应该让不同质量的小球从斜面上相同的高度滚下，这样做的目的是 ；
（4）实验中小明发现小球压缩弹簧后被弹簧弹回到斜面上，为了研究小球被弹回到斜面上的高度与哪些因素有关，小明分别将玻璃板、木板和毛巾铺在接触面（含斜面和平面）上，进行实验，而保证小球质量和高度 （“相同”或“不同”）。发现当小球在玻璃表面滚动时被弹回的高度最大，在毛巾表面滚动时被弹回的高度最小，因此小明认为小球被弹回的高度与接触面粗糙程度有关；
（5）小明在（4）实验所得结论基础上进行推理，接触面越光滑小球被弹回的越高，如果接触面光滑到没有摩擦，那么小球将
A．沿着斜面匀速直线运动 B．不能上升到初始高度，最终静止在平面上
C．上升到初始高度后静止 D．能上升到初始高度，并在斜面和弹簧之间往复运动
（6）小明在（5）中用到一种科学方法，下面哪个定律或原理的得出用到了这种种方法
A．阿基米德原理 B．杠杆原理
C．牛顿第一定律 D．欧姆定律。
五、计算题（3分+5分）
27．（10分）如图所示，工人师傅用滑轮组在20s的时间内将质量为48kg的建筑材料匀速提升5m，所用的拉力为300N．（g取10N/kg）求这个过程中：
（1）工人师傅做的有用功是多少？
（2）提升该建筑材料时滑轮组的机械效率为多少？
（3）拉力的功率是多少？
28．（12分）如图所示，是最新一款无人驾驶四轮小汽车原型图。汽车自动驾驶时使用雷达传感器，以及激光测距器来了解周围的交通状况。当小车以20m/s的速度在一段平直的公路上匀速行驶了8km时，消耗的汽油为1.5L。假设燃油完全燃烧，汽油机的效率为30%，那么，求：
（1）在这段运动过程中，该汽车发动机做的有用功是多少？
（2）在这段运动过程中，该汽车的输出功率为多少？发动机提供的牵引力多大？
（已知：汽油的密度为0.8×103kg/m3，汽油的热值为4.5×107J/kg）
2020-2021学年江苏省无锡市锡山区锡东片九年级（上）期中物理试卷
试题解析
一、选择题（本题共12题，每题2分，共24分）
1．【解答】解：
A、筷子在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，费力省距离；
B、镊子在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，费力省距离；
C、撬棒在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，省力费距离；
D、钓鱼竿在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，费力省距离。
故选：C。
2．【解答】解：A、火箭腾空，符合做功的两个必要因素，不符合题意。
B、叉车举起重物，符合做功的两个必要因素，不符合题意。
C、人推石头，有力没有距离，所以没做功，符合题意。
D、马拉动圆木，符合做功的两个必要因素。不符合题意。
故选：C。
3．【解答】解：A、物体温度升高，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，故A错误；
B、物体吸收热量，温度不一定升高；比如，在晶体的熔化和液体的沸腾时，物质虽然吸收热量但是温度不变，故B错误；
C、物体温度升高，内能一定增加，故C正确；
D、发生热传递时，热量总是从温度高的物体传递给温度低的物体，故D错误。
故选：C。
4．【解答】解：由于形状规则、密度均匀的木板AB的中点为重心，O为支点，如图：
则木板重力G′的力臂为L1＝（OA+OB）﹣OB＝（2OB+OB）﹣OB＝OB，
由杠杆的平衡条件得：G′•L1＝G•L6，
故选：D。
5．【解答】解：
由题知，把同一物体匀速提到同样的高度，利用滑轮组做的有用功W有用相同，故C错；
所以利用滑轮组做的总功W总减小，故A正确；
所以使用滑轮组做的额外功W额减小，故B正确；
故选：C。
6．【解答】解：
（1）由图可知，承担物重的绳子段数n甲＝3，n乙＝2；由题可知，滑轮重、物体重力均相等，忽略绳重与摩擦，根据F＝（G物+G动）可知，甲滑轮组的拉力较小，即F甲＜F乙；
（2）物重相等，提升相同的高度，则有用功相同；不计绳重与摩擦，滑轮重相同，所做的额外功相同，由W总＝W有+W额可知，拉力做的总功相等，即W甲＝W乙；
（3）拉力做功的功率：P＝，由于总功相等、做功的时间相同，故功率大小相同，即P甲＝P乙；
（4）有用功、总功均相等，由η＝×100%可知，两个滑轮组的机械效率相等，即η甲＝η乙。
综上所述，C正确。
故选：C。
7．【解答】解：
A．当S1、S2都断开时，L1与L3首尾顺次连接即为串联，故A正确；
B．当S8 S2都闭合时，L1与L2首首相连、尾尾相连即为并联，故B正确；
CD．当S1断开、S2闭合时，电路为L1的简单电路，所以只有L7能发光，故C错误、D正确。
故选：C。
8．【解答】解：（1）甲乙两滑轮组所提的重物相同、上升的高度相同，则两滑轮组所做的有用功相同，即W有＝Gh＝100N×1m＝100J，故A正确、B错误。
（2）由图可知滑轮组绳子的有效股数n甲＝2，n乙＝3，
（5）不计绳重和摩擦时，滑轮组的额外功是由克服动滑轮重力所做的功，
由W总＝W有+W额可得，两滑轮组的总功相同，
故选：A。
9．【解答】解：由题意可知，开关S1和S2任意一个开关断开时，电动机就会停止工作。
A、由电路图可知，开关S1和S2并联，断开S1和S6中的任何一个开关时，电动机仍工作，故A不符合题意；
B、由电路图可知，开关S1和S2串联，开关S1和S2都闭合后，电动机工作；S8和S2中的任何一个开关断开时，电动机就会停止工作，故B符合题意；
C、由电路图可知，断开开关S1，闭合开关S2时，电动机工作；闭合开关S1时，会造成电源短路，故C不符合题意；
D、由电路图可知，断开开关S2，闭合开关S1时，电动机工作；闭合开关S2时，会造成电源短路，故D不符合题意。
故选：B。
10．【解答】解：重力对该球做功的功率：
P＝＝＝Gv，
则P﹣v图象应是过原点的斜直线，故ABC错误、D正确。
故选：D。
11．【解答】解：A、从图象中可以看出在0～t3时刻内，质量不变，速度先增大，后减小，最后不变，所以，动能变化是先增大，后减小，最后不变，整个过程中，高度都减小，重力势能一直减小，所以机械能不是保持不变，故A错误；
B、在t1～t2时刻内，质量不变，速度在减小，高度减小，动能和重力势能都减小，故B错误；
故选：D。
12．【解答】解：
A、由图可知，该物质是晶体，在熔化的过程中，吸收热量，但温度不变，内能变大，故A正确；
B、由图知，从熔化开始到熔化结束的时间为2min，t0＝50℃，t＝90℃，吸收的热量为：Q＝cm（t﹣t0）＝1.8×106J/（kg•℃）×0.1kg×（90℃﹣50℃）＝7200J；由于用同一个热源加热，在相同时间内，物质吸收的热量是相同的，所以从熔化结束升高到沸点所吸收的热量为7200J，故B正确；
C、用相同的热源加热，在相同的时间内吸收的热量是相同的，由图可知，液态时在2min内吸收的热量是7200J；则在固态时加热的时间为3min，则固态时吸收的热量为：
固态时的比热容为：c'＝＝＝3.8×103J/（kg•℃）；故C错误；
D、由图可知该物质从熔点升高到沸点用了2min，从开始加热到实验结束共用10min，
从开始加热到实验结束该物质吸收的热量×7200J＝36000J，
这种装置能量的转化效率：η＝＝×100%＝30%，故D正确。
故选：C。
二、填空题（每空1分，共24分）
13．【解答】解：钻木取火时钻与木头相互摩擦做功，机械能转化为木头的内能，是通过做功的方式改变物体的内能；
烧红的铁块放进凉水里，是利用热传递的方式把热量转移给了水，使水的内能增加，温度升高。
故答案为：做功；热传递。
14．【解答】解：如图，在△ACO中，知道∠CAO＝30°，则拉力F的力臂L＝LOC＝LOA＝×80cm＝40cm；
LOB＝LOA﹣LAB＝80cm﹣20cm＝60cm，G＝30N，
∴。
故答案为：40，45。
15．【解答】解：钻木取火时钻与木头相互摩擦做功，机械能转化为木头的内能，是通过做功的方式改变物体的内能；
烧红的铁块放进凉水里，是利用热传递的方式把热量转移给了水，使水的内能增大，温度升高；
故答案为：做功，热传递。
16．【解答】解：（1）箱底的小轮在地面上滚动，所以它与地面间的摩擦为滚动摩擦；
（2）小轮的温度会升高，这是通过做功的方式增加了小轮的内能；
（3）已知动力臂是阻力臂的5倍，即L1：L2＝5：6，
根据杠杆的平衡条件F1L1＝F2L2得：F1×5＝60N×1，
故答案为：滚动；做功；12。
17．【解答】解：
（1）推力做的总功：W总＝Fs＝200N×2m＝400J，
P＝＝＝80W；
（2）物体的重力：G＝mg＝30kg×10N/kg＝300N，
推力做的有用功：W有用＝Gh＝300N×1m＝300J；
η＝＝×100%＝75%；
（3）因为W总＝W有用+W额
所以克服摩擦做的额外功：W额＝W总﹣W有用＝400J﹣300J＝100J，
所以斜面对物体的摩擦力：
故答案为：80；75；50。
18．【解答】解：
（1）热值是燃料的特性，与燃烧情况无关；因此同样的汽油加在T型轿车内比加在L型轿车内热值一样大；
（2）汽车发动机工作时产生大量的热量，这些热量如果不迅速转移，就可能损坏发动机，因此利用水的比热容大的特点把这些热迅速吸收，使发动机的温度不致升得太高；
（8）水吸收的热量：Q吸＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×8kg×50℃＝1.68×106J。
（4）由题意可知，四冲程汽油机曲轴的转速是3000r/min，即每秒钟转50圈，完成100个冲程，对外做功25次。
故答案为：一样大；比热容；2.68×106；25。
19．【解答】解：一台单缸四冲程柴油机的飞轮转速为1200r/min＝20r/s，即飞轮1s转20r，
因为飞轮转2r，对外做功1次，完成4个冲程，
在做功冲程中，燃料燃烧，产生高温高压的燃气推动活塞运动，把燃料的内能转化为机械能；压缩冲程把机械能转化为内能。
故答案为：10；40；内； 机械；机械；内。
20．【解答】解：
（1）甲图中，两灯泡并联，若将甲中的灯泡L2拧掉，一条支路断开，不影响其他支路，所以，此时闭合开关，灯泡L1发光；
（3）乙图中两灯泡串联，若在图乙中把一根导线接在灯泡L2的两端，接通开关，灯泡L2被短路，则灯泡L2不发光，但灯泡L1能发光。
故答案为：发光；不发光；发光；不发光。
三、作图题（每小题3分，共6分）
21．【解答】解：
（1）反向延长FA得到力的作用线，然后过支点O作力FA作用线的垂线段，即为其力臂LA；
（2）在阻力与阻力臂乘积一定时，动力臂最大，动力会最小；图中动力FB的最大力臂为OB，最小的力FB的作用点在B点，动力FB应垂直于OB向下，如图所示：
。
22．【解答】解：
人站在A处用一根绳子和两个滑轮提起物体B，承担物重的绳子段数最多时最省力，应由3段绳子承担物重；所以，从动滑轮上面挂钩开始，依次绕过定滑轮和动滑轮，最后绳端回到人的手中，则F＝，为最省力的绕法，如图所示：
23．【解答】解：
根据实物图可知，从正极出发分两条支路，一支路经开关S2、电动机；另一支路经灯泡、S1，然后两路汇合后经开关S回到电源负极，电路图如图所示：
。
四、实验题
24．【解答】解：（1）当杠杆如图甲图所示时，杠杆的右端高而左端低，所以应将平衡螺母向右移动，使杠杆在水平位置平衡。
（2）一个钩码的重力为G，设杠杆一个小格代表L，
在E点挂上2个钩码；
则杠杆左端：F1L1＝5G×2L＝10GL，杠杆右端：F2L6＝3G×4L＝12GL，
（3）根据杠杆平衡条件F5L1＝F2L2得，
故答案为：（1）右；（2）3；右；（3）C。
25．【解答】解：（1）要比较不同物质的吸热本领，必须保证不同物质的质量相等，相同时间吸收的热量相同，所以选择甲、丙；
比较不同燃料的热值，应选择不同的燃料加热相同的物质，即用甲、乙两图进行实验；
（2）实验过程中，若浸在液体中的温度计示数都升高了50℃，加热时间较短的液体比热容较小；
（3）质量相同的两种物质，加热时间相同时，温度升高较多的液体比热容较小；
（4）根据图2可知，升高相同的温度B液体所用时间是A液体所用时间的2倍，
因为加热器相同，所以吸收的热量关系为：QB＝2QA，
（5）为了研究A、B的吸热能力的大小，应控制A、B的质量和初温都相等。
故答案为：（1）甲、丙；甲、乙； （3）小； （3）较小；（4）1：2；（5）质量；初温。
26．【解答】解：
（1）小球压缩弹簧，对弹簧做功，做功的多少反映了小球动能的多少，弹簧被压缩的程度越大，说明小球的动能越大。所以，可以通过弹簧被压缩的程度来反映小球动能的多少；
（2）实验中让同一小球从斜面上不同高度滚下，当高度越大时，小球达到水平面上的速度越大，弹簧被压缩得越短，说明小球动能大小与速度有关；
（5）要研究动能大小与质量的关系，由控制变量法的应用可知：就要控制速度不变，让质量变化；速度是通过起始点的高度来控制的，所以要控制两球从同一高度滚下；
（4）斜面实验中，小球从同一斜面的同一高度滚下，可以让小球到达水平面上时保持相同的初速度；
（5）接触面越光滑小球被弹回的越高，由此推理，如果接触面光滑到没有摩擦，只有动能和势能相互转化，机械能保持不变，那么小球将能上升到初始高度，并在斜面和弹簧之间往复运动；
（6）牛顿第一定律：水平面越光滑，对小车的阻力越小，小车运动得越远，小车的速度减小得越慢；由此推理，当水平面绝对光滑时，运动的小车受到的阻力为0，即小车在水平方向上不受力的作用时，小车将匀速直线运动下去；牛顿第一定律也是在实验和科学推理相结合的基础上得出的。
故答案为：（1）弹簧被压缩的程度；（2）越大；速度；（3）到达水平面时的初速度相同；3.00；（3）相同；（5）D；（6）C。
五、计算题（3分+5分）
27．【解答】解：（1）将重为480N的物体匀速提升5m，做的有用功：
W有用＝Gh＝mgh＝48kg×10N/kg×5m＝2400J；
（2）绳子的有效段数为2，绳子自由端通过的距离：
s＝nh＝2×5m＝10m，
W总＝Fs＝300N×10m＝3000J；
η＝×100%＝×100%＝80%。
（3）拉力的功率：
P＝＝＝150W；
（2）滑轮组的机械效率为80%；
（5）拉力的功率为150W。
28．【解答】解：（1）消耗汽油的体积：
V＝1.5L＝1.5dm5＝1.5×10﹣3m3，
消耗汽油的质量：
汽油完全燃烧放出的热量：
由η＝×100%得，
W＝ηQ放＝30%×5.8×107J＝1.62×107J；
（2）由v＝可得，汽车运动的时间：
t＝＝＝400s，
P＝＝＝4.05×102W，
F＝＝＝2025N。
（2）在这段运动过程中，该汽车的输出功率为4.05×105W，发动机提供的牵引力为2025N。下载本文
